Когда речь заходит о школьной геометрии в старших классах, имя Л.С. Атанасяна всплывает одним из первых. Его учебник для 10–11 классов — это не просто набор параграфов и задач, а настоящий проводник, который уже много десятилетий помогает поколениям учеников осваивать непростой, но увлекательный мир стереометрии. Почему же он выдержал испытание временем и остается актуальным?
Этот учебник подкупает своей кристальной ясностью и строгой логикой. Он выстраивает здание стереометрии кирпичик за кирпичиком, начиная с фундаментальных аксиом и постепенно подводя к сложным пространственным конструкциям, векторам и координатному методу. Чувствуется продуманность каждого раздела, а система упражнений в конце глав позволяет не просто закрепить материал, но и по-настоящему погрузиться в тему, решая задачи разного калибра – от базовых до требующих нетривиального подхода.
Одно из главных достоинств пособия — это удивительный баланс между сухой теорией и живой практикой. Каждое определение, каждая теорема сопровождается наглядными, хоть и черно-белыми, чертежами, которые помогают «увидеть» пространственные отношения. Задачи подобраны мастерски: они не только тренируют применение формул, но и развивают то самое «геометрическое зрение», без которого стереометрия остается лишь набором абстракций. Разделы вроде параллельности или перпендикулярности прямых и плоскостей демонстрируют это особенно ярко, предлагая как классические доказательства, так и задачи, над которыми придется поломать голову.
Нельзя не отметить и его роль в подготовке к выпускным экзаменам. Учебник Атанасяна – это отличная база для успешной сдачи ЕГЭ, особенно в части заданий, связанных с построением сечений многогранников и применением координатно-векторного метода. Многие задачи прямо перекликаются с экзаменационным форматом.
Язык изложения, несмотря на строгость предмета, остается удивительно доступным. Даже такие темы, как уравнения плоскости или прямой в пространстве, вводятся постепенно, опираясь на уже усвоенные понятия планиметрии и алгебры. Это создает ощущение непрерывности и логичности учебного процесса. А приятным бонусом в некоторых изданиях служат исторические справки, добавляющие контекст и показывающие, какой долгий путь прошла геометрия от Евклида до наших дней.
Как максимально эффективно работать с этим учебником? Ученикам стоит взять за правило: сначала вдумчиво разобрать примеры, предложенные автором, понять логику решения, а уже потом переходить к самостоятельной работе над задачами. Учителя найдут в нем надежный каркас как для традиционных уроков, так и для более творческих форм работы, например, организации проектов по созданию моделей геометрических тел. Родителям, помогающим своим детям, стоит обратить внимание на «Вопросы для повторения» – это отличный диагностический инструмент для выявления пробелов в знаниях.
Конечно, идеальных учебников не бывает. Кому-то может не хватать ярких цветных иллюстраций, а в редких тиражах встречаются досадные опечатки в ответах (всегда лучше перепроверить с преподавателем!). Но эти мелкие шероховатости ничуть не умаляют его достоинств.
В конечном итоге, учебник Атанасяна — это больше, чем просто источник информации. Это школа мышления. Он учит не просто находить ответы, а выстраивать логические цепочки, видеть пространственные связи и анализировать условия задачи. Это навык, который пригодится далеко за пределами школьного курса геометрии.
ГДЗ по Геометрии 11 класс Номер 840 Атанасян — Подробные Ответы
Внутри треугольника АВС взята точка М. Докажите, что площади треугольников ВАМ и ВСМ равны тогда и только тогда, когда точка М лежит на медиане треугольника АВС, проведённой из вершины В
Краткое решение:
1) Пусть BD — медиана, тогда:
\(S_{\text{ABD}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AD} \cdot h = \frac{1}{2} \cdot \text{DC} \cdot h = S_{\text{BDC}}\)
2) Опустим перпендикуляр МН на АС:
\(S_{\text{AMD}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AD} \cdot \text{MH} = \frac{1}{2} \cdot \text{DC} \cdot \text{MH} = S_{\text{CMD}}\)
\(S_{\text{AMB}} = S_{\text{ADB}} — S_{\text{AMD}} = S_{\text{BDC}} — S_{\text{CMD}} = S_{\text{BMC}}\)
Обратное утверждение:
1) Пусть \(S_{\text{AMB}} = S_{\text{BMC}}\), тогда:
\(S_{\text{AMB}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AB} \cdot \text{BM} \cdot \sin \angle \text{ABD}\)
\(S_{\text{BMC}} = \frac{1}{2} \cdot \text{CB} \cdot \text{BM} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
\(\text{AB} \cdot \sin \angle \text{ABD} = \text{CB} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
2) Для треугольников \(\Delta \text{ABD}\) и \(\Delta \text{CBD}\):
\(\frac{1}{2} \cdot \text{BD} \cdot \text{AB} \cdot \sin \angle \text{ABD} = \frac{1}{2} \cdot \text{BD} \cdot \text{CB} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
\(S_{\text{ABD}} = S_{\text{CBD}}, \text{BD} — \text{медиана в } \Delta \text{ABC}\)
Что и требовалось доказать.
Полное пошаговое решение:
Дано: Треугольник ABC, в котором точка M принадлежит стороне AC, а точка D — точка пересечения медианы BM и стороны AC.
Доказать: Если BD является медианой в треугольнике ABC, то площадь треугольника AMB равна площади треугольника BMC.
Решение:
1) Пусть BD является медианой в треугольнике ABC. Тогда, согласно свойствам медианы, мы можем записать:
\(S_{\text{ABD}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AD} \cdot h = \frac{1}{2} \cdot \text{DC} \cdot h = S_{\text{BDC}}\)
Где \(h\) — высота треугольника, проведенная из вершины B.
2) Опустим перпендикуляр MH на сторону AC. Тогда:
\(S_{\text{AMD}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AD} \cdot \text{MH} = \frac{1}{2} \cdot \text{DC} \cdot \text{MH} = S_{\text{CMD}}\)
\(S_{\text{AMB}} = S_{\text{ADB}} — S_{\text{AMD}} = S_{\text{BDC}} — S_{\text{CMD}} = S_{\text{BMC}}\)
Таким образом, мы доказали, что если BD является медианой в треугольнике ABC, то площадь треугольника AMB равна площади треугольника BMC.
3) Обратное утверждение:
Пусть \(S_{\text{AMB}} = S_{\text{BMC}}\). Тогда:
\(S_{\text{AMB}} = \frac{1}{2} \cdot \text{AB} \cdot \text{BM} \cdot \sin \angle \text{ABD}\)
\(S_{\text{BMC}} = \frac{1}{2} \cdot \text{CB} \cdot \text{BM} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
\(\text{AB} \cdot \sin \angle \text{ABD} = \text{CB} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
4) Для треугольников \(\Delta \text{ABD}\) и \(\Delta \text{CBD}\):
\(\frac{1}{2} \cdot \text{BD} \cdot \text{AB} \cdot \sin \angle \text{ABD} = \frac{1}{2} \cdot \text{BD} \cdot \text{CB} \cdot \sin \angle \text{CBD}\)
\(S_{\text{ABD}} = S_{\text{CBD}}, \text{BD} — \text{медиана в } \Delta \text{ABC}\)
Таким образом, мы доказали, что если площади треугольников AMB и BMC равны, то BD является медианой в треугольнике ABC.
Исследовательские задачи
Любой навык лучше отрабатывать самостоятельной практикой, и решение задач — не исключение. Прежде чем обратиться к подсказкам, стоит попробовать справиться с заданием, опираясь на свои знания. Если дойти до конца удалось — проверить ответ и в случае расхождений сверить своё решение с правильным.